陕西省宁强县天津高级中学物理高一第一学期期末学业质量监测试题含解析_第1页
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陕西省宁强县天津高级中学物理高一第一学期期末学业质量监测试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其它答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上,写在本试卷上无效。3.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、如图所示,自由下落的小球下落一段时间后,与弹簧接触,从它接触弹簧开始,到弹簧压缩到最短的过程中,则()A.小球一直做减速运动B.小球所受的弹簧弹力等于重力时,小球速度最大C.小球一直处于超重状态D.小球处于先超重后失重状态2、在学习物理的过程中,除了学习必要的知识外,还要领悟并掌握处理物理问题的思想方法。在“探究求合力的方法”的实验中采用A.微元法 B.控制变量法C.理想模型法 D.等效替代法3、质量为50kg的乘客乘坐电梯从四层到一层,电梯自四层启动向下做匀加速运动,加速度的大小是0.6m/s2,则电梯启动时地板对乘客的支持力为()(g=10m/s2)A.530N B.500NC.450N D.470N4、力学是研究物体机械运动规律的科学,17世纪末,牛顿继承和发展前人的研究成果,提出了力学运动的惯性定律.加速度定律和作用力与反作用力定律,使经典力学形成了系统的理论.下列关于这三大定律的说法中正确的是()A.惯性定律说明了力是维持物体运动状态的原因B.作用力与反作用力一定大小相等.方向相反.作用在同一个物体上C.如果物体所受的合外力不等于零,则物体的速度一定也不等于零D.如果一个物体受到两个力作用,那么这两个力一定都会产生加速度5、如图,在光滑水平桌面上有一物体A,通过绳子与物体B相连,设绳子的质量以及绳子与定滑轮之间的摩擦力都可以忽略不计,绳子不可伸长,如果,则绳子对物体A的拉力大小为A. B.C. D.6、如图所示,质量为1kg的物体与地面间的动摩擦因数,从开始以初速度沿水平地面向右滑行,同时受到一个水平向左的恒力F的作用,取向右为正方向,该物体受到的摩擦力为随时间变化的图像可能正确的是下列图中的()A. B.C. D.7、若物块以一定的初速度滑上足够长粗糙的斜面,物块与斜面的动摩擦因数处处相同,对其运动过程,下列说法正确的是()A.上滑和下滑时,物块的加速度大小相等B.下滑到底端时,物块的速度与初速度相同C.上滑过程与下滑过程中,物块的平均速度大小不相等D.上滑过程与下滑过程中,物块的运动时间不相等8、小桶中盛满水,用绳系着,然后让其在竖直平面内做圆周运动,要使小桶运动到轨迹最高点(桶口朝下)时,水不会从桶中流出,若小桶运动的轨道半径为R,则小桶到最高点时()A.速度不小于B.角速度不大于C.向心加速度不小于gD.绳对小桶的拉力不小于小桶的重力9、我国研制的ok电子竞技隙鹑拧痹虑蛱讲馄饔2013年12月1日发射成功,并成功在月球表面实现软着陆。探测器首先被送到距离月球表面高度为H的近月轨道做匀速圆周运动,之后在轨道上的A点实施变轨,使探测器绕月球做椭圆运动,当运动到B点时继续变轨,使探测器靠近月球表面,当其距离月球表面附近高度为h(h<5m)时开始做自由落体运动,探测器携带的传感器测得自由落体运动时间为t,已知月球半径为R,万有引力常量为G。则下列说法正确的是()A.ok电子竞技隙鹑拧钡姆⑸渌俣缺匦氪笥诘谝挥钪嫠俣菳.探测器在近月圆轨道和椭圆轨道上的周期相等C.ok电子竞技隙鹑拧痹贏点变轨时,需减速才能从近月圆轨道进入椭圆轨道D.月球的平均密度为10、关于加速度,下列说法中正确的是A.速度变化越大,加速度一定越大B.物体向西运动,加速度方向可能向东C.加速度的方向一定与物体所受合外力的方向一致D.物体的速度减。铀俣纫惨欢跣《、实验题11、(4分)如图为“用位移传感器、数据采集器等仪器研究加速度和力关系”的实验装置(1)在实验中采用的方法是______法.实验中保持小车总质量不变,用钩码所受的重力作为小车所受的合外力,用DIS(数字化信息系统)测小车的加速度(2)改变所挂钩码的数量,多次重复测量,根据测得的多组数据可画出a-F关系图线如图①分析此图线的OA段(直线)可得出的实验结论是:在质量不变时______②此图线的AB段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是______A.所挂钩码的总质量太大B.所用小车的质量太大12、(10分)某同学利用如图所示装置来验证力的平行四边形定则。在竖直木板上铺有白纸,固定两个光滑的滑轮A和B,将绳子打一个结点O,每个钩码的质量相等,当系统达到平衡时,根据钩码个数读出三根绳子的拉力F1、F2、F3,回答下列问题。(1)改变钩码个数,实验能完成的是()A.N1=N2=2,N3=4B.N1=N3=3,N2=7C.N1=3,N2=5,N3=6D.N1=3,N2=5,N3=9(2)在拆下钩码和绳子前,最重要的一个步骤是()A.标记结点O的位置,并记录OA、OB、OC三段绳子的方向B.量出OA、OB、OC三段绳子的长度C.用量角器量出三段绳子之间的夹角D.用天平测出钩码的质量(3)在作图时,你认为图中___________(选填“甲”或“乙”)是正确的。三、计算题:解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位13、(9分)如图所示,一个长L=2m的薄木板A静置在水平地面上,一可视为质点的小物块B放在木板A的最左端,并处于静止状态。已知A、B的质量分别为3kg和2kg,木板和小物块之间的动摩擦因数μ1=0.4,木板和地面的动摩擦因数μ2=0.1,小物块与地面的动摩擦因数μ3=0.5,重力加速度g=10m/s2,现用水平恒力F=12N作用在B上。求:(1)力F开始作用瞬间,小物块B和薄木板A的加速度大。2)从力F开始作用到小物块B从薄木板A上掉下来所需时间(3)从力F开始作用经过5s时,薄木板A最右端与小物块B之间的距离14、(14分)将一劲度系数k=100N/m的轻质橡皮筋的上端固定在天花板上O点,在其下端A点用细线悬挂重为8N的木块.在A点施加一水平向右的拉力F,使橡皮筋与竖直方向成37°,并保持静止.(sin37°=0.6,cos37°=0.8)求:(1)所加外力F的大。(2)此时橡皮筋的伸长量x15、(13分)省常中分校游泳馆现已正式对师生开放.国际标准专业泳池,采用逆流式水循环系统、综合消毒技术,50米标准泳道、24小时恒温.某次游泳课上,小王与小李从同一起点出发同向运动,运动图像如图所示.试计算:(结果可保留根号)(1)小李开始运动多少时间后追上小王?(2)相遇处距起点多远?(3)相遇前两同学间的最大距离是多少?

参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,有的只有一项符合题目要求,有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。1、B【解析】小球接触弹簧上端后受到两个力作用:向下的重力和向上的弹力.在接触后的前一阶段,重力大于弹力,合力向下,因为弹力F=kx不断增大,所以合外力不断减。始铀俣炔欢霞跣。捎诩铀俣扔胨俣韧,因此速度不断变大.当弹力逐步增大到与重力大小相等时,合外力为零,加速度为零,速度达到最大.后一阶段,即小球达到上述位置之后,由于惯性小球仍继续向下运动,但弹力大于重力,合外力竖直向上,且逐渐变大,因而加速度逐渐变大,方向竖直向上,小球做减速运动,当速度减小到零时,达到最低点,弹簧的压缩量最大;因加速度先向下后向上,故物体先失重后超重;故B正确,ACD错误.故选B点睛:本题考查了牛顿第二定律的综合应用,学生容易出错的地方是:认为物体一接触弹簧就减速.对弹簧的动态分析也是学生的易错点,在学习中要加强这方面的练习2、D【解析】合力与分力的关系为等效替代的关系,所以在“探究求合力的方法”的实验中采用了等效替代法,故ABC错误,D正确;故选D。3、D【解析】电梯运动过程中加速度向下,故根据牛顿第二定律,有,解得,故D正确考点:考查了牛顿第二定律的应用4、D【解析】A.惯性是物体的固有属性,与是否受力无关,没有说明力是维持物体运动状态的原因,故A错误;B.根据牛顿第三定律可知,作用力与反作用力一定大小相等.方向相反.作用在不同物体上,故B错误;C.如果物体所受的合外力不等于零,则加速度不为零,速度可以等于零,故C错误;D.根据力的效果的独立性可知,如果一个物体受到两个力的作用,那么这两个力都会使物体产生加速度,故D正确;故选D。5、B【解析】AB连在一起,加速度相同;对整体分析可知整体沿绳方向只受B的拉力,则由牛顿第二定律可知,加速度为:;选取A为研究的对象.水平方向A只受到绳子的拉力,所以绳子的拉力:F=mAa=mAg,故选B考点:牛顿第二定律【名师点睛】本题为连接体,注意本题中注意应沿绳子方向进行分析;当然本题也可以对两物体分别受力分析,此时应注意分析绳子拉力6、AB【解析】详解】开始物体受到水平向左滑动摩擦力:物体速度减为0;若外力,若F=1N,则物体静止,物体受到水平向右静摩擦力且f=1N,则图A可能正确;若外力,则物体向左滑动,滑动摩擦力向右,物体受到水平向右滑动摩擦力为2N,则图B可能正确;故选AB。7、CD【解析】A.上滑过程中,根据牛顿第二定律求解加速度:下滑过程中:所以,上滑过程的加速度大于下滑过程中的加速度,A错误;B.根据匀变速直线运动中位移与速度的关系:可知上滑和下滑过程中位移大小相同,上滑过程视为初速度为零的匀加速直线运动的逆过程,上滑过程中加速度大,所以初速度大,下滑过程中加速度。曰恋锥怂俣刃。珺错误;C.匀变速运动的平均速度可表示为:根据B选项分析可知上滑过程与下滑过程中,物块的平均速度大小不相等,C正确;D.根据匀变速直线运动位移与时间的关系:上滑和下滑过程中位移大小相同,可知上滑过程中加速度大,时间短,下滑过程中加速度。奔涑,D正确。故选CD。8、AC【解析】A.小桶运动到轨迹最高点时,水不会从桶中流出的临界条件是重力提供向心力,则有:可知最小速度:故A正确;B.根据:可知最小角速度:故B错误;C.根据前面分析可知:所以向心加速度不小于g,故C正确;D.根据分析可知,绳对小桶的拉力最小可以为零,故D错误。故选AC。9、ACD【解析】A.ok电子竞技隙鹑拧痹诘乇矸⑸渌俣却笥诘谝挥钪嫠俣刃∮诘诙宇宙速度,故A正确;B.椭圆轨道的轨道半长轴和近月圆轨道的轨道半径不相等,因此周期不相同,故B错误;C.从近月圆轨道需要点火减速才能进入椭圆轨道,故C正确;D.在月球表面有解得月球质量则月球密度根据自由落体运动下落高度为h,运动时间为t,则有得到代入上述密度表达式中,故D正确。故选ACD。10、BC【解析】A.根据a=可知,速度变化越大,但时间可能长,故加速度不一定大,故A错误.B.物体向西运动,加速度方向可能向东,此时做减速运动,故B错误;C.由牛顿第二定律可知,加速度的方向与物体所受合外力的方向相同,故C正确;D.物体的速度减小说明加速度与速度方向相反,但加速度不一定减。蔇错误.故选BC。点睛:解决本题的关键知道加速度的物理意义,知道加速度的大小和方向取决于合外力的大小和方向,与速度大小、速度变化量的大小无关.二、实验题11、①.控制变量②.加速度与合外力成正比③.A【解析】(1)因为要探索“加速度和力的关系”的实验中有三个变量,所以采用控制变量法(2)①由于OA段a-F关系为一倾斜的直线,所以在质量不变的条件下,加速度与外力成正比②由实验原理:mg=Ma,得:而实际上是:,可见AB段明显偏离直线是由于没有满足M>>m造成的,故A正确,B错误12、①.C②.A③.甲【解析】(1)[1]要使结点O处于平衡状态,三根绳子的拉力F1、F2、F3的合力应为零,在力之间有夹角的情况下,应使其中一个力的大小处在另外两个力之差与之和的范围内。故选C。(2)[2]A.在拆下钩码和绳子前,最重要的一个步骤是标记结点O的位置,并记录OA、OB、OC三段绳子的方向,A正确;BC.OA、OB、OC三段绳子的长度和三段绳子之间的夹角不必测量,BC错误;D.由于每个钩码质量相同,三个力的大小可以用钩码重力的倍数来表示,故不需要测出钩码的质量,D错误。故选A。(3)[3]由于绳子OC段拉力一定竖直向下,故F3方向一定竖直向下,可知甲图正确。故选甲。三、计算题:解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位13、(1)2m/s2,1m/s2(2)2s(3)14.5m【解析】(1)选取向右为正方向,对B受力如图甲,沿水平方向得对A受力分析如图乙所示沿水平方向代入数据得(2)设分离时时间是t1,则有又代入数据解得(3)分离时B的速度为分离时A的速度为分离后A的加速度为分离后A运动的时间为可知在4s末A已经停止运动,所以A后来的位移为分离后B的加速度为B的位移为代入数据可得在t=5s时B与平板A右端的距离为14、(1)6N;(2)0.1m【解析】(1)对A点受力分析如图所示:得解得(2)对A点受力分析得代入数据得由胡克定律得【点睛】胡克定律和平衡条件的应用,解题的关键是找出对应的拉力大。俅牒硕杉扑,计算时要注意各量的单位15、(1)(2)(3)0.225m【解析】(1)设小王加速度为a1,小李加速度为a2,小李所用时间为t.则:追上时解得(2)相遇处距起点(3)当v1=v2时,两者相距最远

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