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2024届山东省济南市师范大学附属中学高三下学期冲刺(三)物理试题考生请注意:1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内,不得在试卷上作任何标记。2.第一部分选择题每小题选出答案后,需将答案写在试卷指定的括号内,第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A、B两物体经过同一地点时开始计时,它们沿直线运动的速度随时间变化的规律如图所示,则下列说法正确的是()A.t1时刻A、B两物体相遇B.t2时刻B物体速度变化率为零C.t1到t3时间内两物体的间距先增大后减小D.A、B两物体速度方向一直相同2、下列说法正确的是()A.单摆的摆球在通过最低点时合外力等于零B.有些昆虫薄而透明的翅翼上出现彩色光带是薄膜干涉现象C.变化的电场一定产生变化的磁。浠拇懦∫欢ú浠牡绯.一条沿自身长度方向运动的杆,其长度总比杆静止时的长度大3、可看作质点的甲、乙两汽车沿着两条平行车道直线行驶,在甲车匀速路过处的同时,乙车从此处由静止匀加速启动,从某时刻开始计时,两车运动的图象如图所示,时刻在B处甲,乙两车相遇。下面说法正确的是A.两处的距离为B.时刻乙车的速度是C.时刻两车并排行驶D.时刻乙车行驶在甲车前面4、如图所示,竖直平面内两个四分之一圆弧轨道的最低点相切,圆心分别为、,半径分别为和,两个小球P、Q先后从点水平拋出,分别落在轨道上的、两点,已知、两点处于同一水平线上,在竖直方向上与点相距,不计空气阻力,重力加速度为。下列说法正确的是()A.小球P在空中运动的时间较短B.小球Q从抛出到落在轨道上的速度变化量较大C.小球P与小球Q抛出时的速度之比为1∶11D.两小球落在轨道上的瞬间,小球P的速度与水平方向的夹角较小5、关于近代物理学,下列说法正确的是()A.α射线、β射线和γ射线中,γ射线的电离能力最强B.根据玻尔理论,氢原子在辐射光子的同时,轨道也在连续地减小C.卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究,揭示了原子核的组成D.对于某种金属,超过极限频率的入射光频率越高,所产生的光电子的最大初动能就越大6、如图所示,一个质量为=9.1×10-31kg、电荷量为e=1.6×10-19C的电子,以4×106m/s的速度从M点垂直电场线方向飞入匀强电。缱又辉诘绯×Φ淖饔孟略硕,在N点离开电场时,其速度方向与电场线成150°角,则M与N两点间的电势差约为()A.-1.0×102V B.-1.4×102VC.1.8×102V D.2.2×102V二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、物体沿直线运动的x-t图象如图所示,oa、cd段为直线,abc为曲线,设t1、t2、t3、t4时刻的速度分别为v1、v2、v3、v4,则下列说法正确的是()A.v1>v2 B.v1=v4 C.v2<v3 D.v4最大8、如图所示,在光滑绝缘水平面上,A、B和C为等边三角形ABC的顶点,A、B固定正点电荷+Q,C固定负点电荷-Q,D、E是A、B连线上的两点,且AD=DE=EB。则()A.D点和E点的电场强度大小相等B.D点和E点的电场强度方向相同C.D点和E点的电势相等D.将负电荷从D点移到E点,电势能增加9、如图所示的光滑导轨,由倾斜和水平两部分在MM'处平滑连接组成。导轨间距为L,水平部分处于竖直向上、磁感应强度为B的匀强磁场中,倾斜导轨连接阻值为R的电阻。现让质量为m、阻值为2R的金属棒a从距离水平面高度为h处静止释放。金属棒a到达磁场中OO'时,动能是该金属棒运动到MM'时动能的,最终静止在水平导轨上。金属棒a与导轨接触良好且导轨电阻不计,重力加速度g=10m/s2。以下说法正确的是()A.金属棒a运动到MM'时回路中的电流大小为B.金属棒a运动到OO'时的加速度大小为C.金属棒a从h处静止下滑到在水平导轨上静止过程中,电阻上产生的焦耳热为mghD.金属棒a若从h处静止释放,在它运动的整个过程中,安培力的冲量大小是,方向向左10、有一列沿x轴传播的简谐橫波,从某时刻开始,介质中位置在x=0处的质点a和在x=6m处的质点b的振动图线分别如图1图2所示.则下列说法正确的是___________.A.质点a的振动方程为y=4sin(t+)cmB.质点a处在波谷时,质点b-定处在平衡位置且向y轴正方向振动C.若波沿x轴正方向传播,这列波的最大传播速度为3m/sD.若波沿x轴负方向传播,这列波的最大波长为24mE.若波的传播速度为0.2m/s,则这列波沿x轴正方向传播三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图甲所示为利用多用电表的电阻挡研究电容器的充、放电的实验电路图。多用电表置于×1k挡,电源电动势为,内阻为,实验中使用的电解电容器的规格为“”。欧姆调零后黑表笔接电容器正极,红表笔接电容器负极。(1)充电完成后电容器两极板间的电压________(选填“大于”“等于”或“小于”)电源电动势,电容器所带电荷量为________C;(2)如图乙所示,充电完成后未放电,迅速将红、黑表笔交换,即黑表笔接电容器负极,红表笔接电容器正极,发现电流很大,超过电流表量程,其原因是___________。12.(12分)小明同学用如图所示装置验证机械能守恒定律,轻绳两端跨过转轴光滑的轻滑轮系着质量均为M的重物A和B,将质量为m的小砝码C挂在在物体B上,B下方距离为h处固定一个光电门,物块B装有一宽度很小的挡光片,测得挡光片宽度为d,将系统静止释放,当挡光片通过光电门(固定光电门的装置未画出)时,可通过计算机系统记录挡光时间△t。改变高度差h,重复实验,采集多组h和△t的数据。(1)若某次记录的挡光时间为△t1,则挡光片到达光电门处时B的速度大小为__。(2)小明设想,为了确定△t与h的关系,可以分别对△t与h取对数,并以lg△t为纵轴,以lgh为横轴建立坐标系,得到的lg△t﹣lgh图线为一直线,该直线的斜率为__。(3)若lg△t﹣lgh图线与纵轴交点坐标为c,若机械能守恒,可以得到该地重力加速度g=__。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)扣在水平桌面上的热杯盖有时会发生被顶起的现象;如图,截面积为S的热杯盖扣在水平桌面上,开始时内部封闭气体的温度为311K,压强为大气压强P1.当封闭气体温度上升至313K时,杯盖恰好被整体顶起,放出少许气体后又落回桌面,其内部压强立即减为P1,温度仍为313K.再经过一段时间,内部气体温度恢复到311K.整个过程中封闭气体均可视为理想气体.求:(。┑蔽露壬仙313K且尚未放气时,封闭气体的压强;(ⅱ)当温度恢复到311K时,竖直向上提起杯盖所需的最小力.14.(16分)如图所示,光滑的水平面上有A、B、C三个物块,其质量均为。A和B用轻质弹簧相连,处于静止状态。右边有一小物块C沿水平面以速度向左运动,与B发生碰撞后粘在一起。在它们继续向左运动的过程中,当弹簧长度变化为最短时,突然锁定长度,不再改变。然后,A物块与挡板P发生碰撞,碰后各物块都静止不动,A与P接触而不粘连。之后突然解除弹簧的锁定,设锁定及解除锁定时均无机械能损失,求:(以下计算结果均保留2位有效数字)(1)弹簧长度刚被锁定后A物块速度的大小(2)在A物块离开挡板P之后的运动过程中,弹簧第一次恢复原长时C物块速度的大小15.(12分)一U形管竖直放置,管内横截面积处处相等,左管绝热且上端封闭,右管导热且用活塞封闭。活塞a、b、c为厚度可忽略的光滑轻活塞,a隔热,b、c导热,a、b活塞下方为水银,上方为空气(可视为理想气体)。初始时,两空气柱和环境温度均为27℃,管内水银柱和空气柱长度如图所示。缓慢向下推动活塞c,直至a、b活塞处于同一高度为止。测量发现左侧空气柱温度升高5℃。已知大气压强p0=76.0cmHg。(计算结果保留一位小数)(1)求温度升高后左侧空气柱的压强;(2)求c活塞向下推动的距离。

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

A.由v-t图像可知,t1时刻A、B两物体速度相同,A的位移大于B的位移,两物体没有相遇,选项A错误;B.v-t图像的斜率等于加速度,则t2时刻B物体加速度为零,速度变化率为零,选项B正确;C.因t1时刻A在B之前,则t1到t3时间内两物体的间距先减小后增大,选项C错误;D.物体B一直沿正方向运动,物体A在t1到t3的某段时间内向负方向运动,则A、B两物体速度方向不是一直相同,选项D错误;2、B【解题分析】

A.单摆的摆球在通过最低点时,回复力等于零,而合外力一定不等于零,故A错误;B.薄而透明的羽翼上出现彩色光带,是由于羽翼前后表面反射,进行相互叠加,是薄膜干涉现象,故B正确;C.均匀变化的电场产生稳定磁。蔷缺浠牡绯〔蔷缺浠拇懦。蔆错误;D.根据相对论,则有沿自身长度方向运动的杆,其长度总比杆静止时的长度短,故D错误。故。築。3、B【解题分析】

AB.将乙车的运动图象反向延长,与横轴的交点对应车道上的位置,当汽车乙追上汽车甲时,两车位移相等,时刻乙车的速度是,A、B两处的距离大于,选项A错误、选项B正确;CD.从A到B一直是乙车在后面追赶甲车,选项C、D错误。4、C【解题分析】

A.B、C在同一水平线上,平抛运动的下落时间,由竖直方向的自由落体分运动决定,故故A错误;B.平抛运动的速度变化量,两球的下落时间相等,故大小相等,方向都竖直向下,故B错误;C.球的水平位移为球的水平位移为结合可知,初速度大小之比等于水平分位移大小之比,为1∶11,故C正确;D.小球P落在轨道上的瞬间速度与水平方向的夹角正切小球Q落在轨道上的瞬间速度与水平方向的夹角正切可得小球P的速度与水平方向的夹角较大,故D错误。故选C。5、D【解题分析】

A.α、β、γ三种射线中,γ射线的穿透本领比较强,而电离能力最强是α射线,故A错误;B.玻尔理论认为原子的能量是量子化的,轨道半径也是量子化的,故氢原子在辐射光子的同时,轨道不是连续地减。蔅错误;C.卢瑟福通过对α粒子散射实验的研究,提出原子核式结构学说,故C错误;D.根据光电效应方程知,超过极限频率的入射频率越高,所产生的光电子的最大初动能就越大,故D正确。故选D。6、B【解题分析】

电子在电场力的作用下做类平拋运动,在垂直电场方向上做匀速直线运动:根据动能定理:所以有:故B正确,ACD错误。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、ACD【解题分析】

A.因x-t图像的斜率等于速度,则由图像可知,t1时刻的斜率大于t2时刻的斜率,则v1>v2,选项A正确;B.t4时刻的斜率大于t1时刻的斜率,则v1<v4,选项B错误;C.t3时刻的斜率大于t2时刻的斜率,则v2<v3,选项C正确;D.图像上t4时刻的斜率最大,则v4最大,选项D正确;故选ACD。8、AC【解题分析】

AB.D、E两点电。茿、B两正点电荷的电场与C点的负点电荷的电场的叠加。A、B两正点电荷在D点和E点的合场强大小相等,方向相反,C点的负点电荷在D点和E点的场强大小相等,方向不同,所以,D点和E点的合场强大小相等,方向不同,A正确,B错误;C.D点和E点在的等势面上,同时关于两正点电荷对称,所以D点和E点的电势相等,C正确;D.根据电势能的计算公式可知负电荷在D点和E点的电势能相同,D错误。故选AC。9、ACD【解题分析】

A.金属棒从静止运动到的过程中,根据机械能守恒可得解得金属棒运动到时的速度为金属棒运动到时的感应电动势为金属棒运动到时的回路中的电流大小为故A正确;B.金属棒到达磁场中时的速度为金属棒到达磁场中时的加速度大小为故B错误;C.金属棒从处静止下滑到在水平导轨上静止过程中,根据能量守恒可得产生的焦耳热等于重力势能的减小量,则有电阻上产生的焦耳热为故C正确;D.金属棒从处静止下滑到在水平导轨上静止过程中,规定向右为正方向,根据动量定理可得可得在它运动的整个过程中,安培力的冲量大小是,方向向左,故D正确;故选ACD。10、BDE【解题分析】

由于题目中不知道波的传播方向,所以在做此类问题时要分方向讨论,在计算波速时要利用波的平移来求解.【题目详解】A.把t=0代入振动方程为y=4sin(t+)cm,可知此时a的位置应该在+4处,和所给的图不相符,故A错;B.从图像上可以看出质点a处在波谷时,质点b-定处在平衡位置且向y轴正方向振动,故B对;C.若波沿x轴正方向传播,从图像上可以看出b比a至少滞后6s,而ab之间的距离为6m,所以这列波的最大传播速度为1m/s,故C错;D、若波沿x轴负方向传播,从图像上可以看出,a比b至少滞后2s,所以这列波的最大波速为:则最大波长为,故D对;E、根据图像,若波沿x正方向传播,则波速的表达式为,当,解得:,有解说明波是沿x正方向传播,故E对;故选BDE三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、等于此时电容器为电源,且与多用电表内部电源串联【解题分析】

(1)[2][3]电容器充电完成后,电容器两极板间的电压等于电源电动势。由公式可得(2)[4]红、黑表笔交换后,电容器视为电源,且与多用电表内部电源串联,总的电动势变大,电路中电流变大。12、【解题分析】

(1)[1]根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知,挡光片到达光电门处的速度大小为:(2)[2]系统重力势能的减小量等于系统动能的增加量,有:即:整理可得:若图线为一直线,则该图线的斜率为(3)[3]根据得:则有:所以有:可知纵轴截为:解得:四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(。1.11P1;(ⅱ)1.12P1S【解题分析】

(。┢褰械热荼浠,开始时,压强P1,温度T1=311K;当温度上升到313K且尚未放气时,压强为P1,温度T1=313K;根据可得:(ⅱ)当内部气体温度恢复到311K时,由等容变化方程可得:,解得:当杯盖恰被顶起时有:若将杯盖提起时所需的最小力满足:,解得:14、(1)(2)【解题分析】

(1)设C、B物块碰后整体速度为,碰撞过程动量守恒弹簧压缩至最短时,该过程三物块动量守恒解得(2)设弹簧最短时势能为,压缩至最短过程,由能量守恒有解除锁定至弹簧第一次恢复原长的过程,由系统能量守恒有解得15、(1)116.6cmHg;(2)8.5cm【解题分析】

(1)左管内气体初状态:p1=86cmHg,V1=20cm?S,T1=300K

a、b活塞等高时状态:p1′=?,V1′=15cm?S,T1′=305K

由理想气体状态方程得解得p1′≈116.6cmHg(2)右管内气体初状态:p2=76cmHg,V2=10cm?S

a、b活塞等高时状态:p2′=p1′≈116.6cmHg,V2′=?

根据玻意耳定律得p2V2=p2′V2′解得V2′≈6.5cm?S故活塞下降的距离为h=10-(6.5-5)=8.5cm

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