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2025届河北邯郸市磁县滏滨中学物理高二上期末教学质量检测模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,用细橡皮筋悬吊一轻质线圈,置于一固定直导线上方,线圈可以自由运动.当给两者通以图示电流时,线圈将()A.靠近直导线,两者仍在同一竖直平面内 B.远离直导线,两者仍在同一竖直平面内C.靠近直导线,同时旋转90° D.远离直导线,同时旋转90°2、如图所示是由电源、灵敏电流计、滑动变阻器和平行板电容器组成的电路,闭合开关,在下列四个过程中,为使灵敏电流计中有到电流,下列做法可行的是A.在平行板电容器中插入一块塑料板B.增大平行板电容器两极板间的距离C.滑动变阻器的滑片向右滑动D.减小平行板电容器两极板的正对面积3、如图所示,两块较大的平行金属板A、B水平放置并与电源相连,电源的电动势为E,电键S闭合后,两板间有一带电油滴恰好处于静止状态,现将A板向上平移一小段距离.下列说法正确的是A.电容器的电容减小B.电容器的电压增大C.电容器的带电量不变D.带电油滴将向上做加速运动4、容器中有质子,α粒子的混合物,为了把它们分开,先让它们从静止开始经电场加速,穿出加速电场后,第一种:垂直进入匀强电。坏诙种:垂直进入匀强磁。玫绯』虼懦∈顾瞧,最后穿出电场或磁。佣锏椒挚哪康模杂谏鲜隽街智榭,能使质子和α粒子分开的是(不计粒子重力)A.两种情况都能使质子和α粒子分开B.两种情况都不能使质子和α粒子分开C.进入电场后可以分开进入磁场不能分开D.进入电场后不能分开进入磁场能够分开5、如图所示,充电的平行板电容器两板间形成匀强电。訟点为坐标原点,AB方向为位移x的正方向,能正确反映电势φ随位移x变化的图像是()A. B.C. D.6、如图所示,长直导线中有从A到B的电流,C为导线正下方的一点,则该电流在C处产生的磁场方向是()A.向右 B.向左C.垂直纸面向外 D.垂直纸面向里二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,两根光滑金属导轨平行放置,导轨所在平面与水平面间的夹角为θ.质量为m、长为L的金属杆ab垂直导轨放置,整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中.当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流I时,金属杆ab保持静止.则磁感应强度方向和大小可能为()A.竖直向上,B.平行导轨向上,C.水平向右,D.水平向左,8、如图所示,OACD是一长为OA=L的矩形,其内存在垂直纸面向里的匀强磁。恢柿课猰、带电量为q的粒子从O点以速度V0垂直射入磁。俣确较蛴隣A的夹角为α,粒子刚好从A点射出磁。患屏W拥闹亓,则A.粒子一定带正电B.匀强磁场的磁感应强度为C.粒子从O到A所需的时间为D.矩形磁场的宽度最小值为9、关于物理学史和物理思想、方法,下列说法正确的是()A.库仑利用扭秤实验测定了元电荷的数值B.法拉第发现了电磁感应现象,并发明了人类历史上第一台感应发电机C.电场强度E=、磁感应强度B=都采用了比值定义法D.点电荷的建立采用了理想模型法,任何小带电体都可视为点电荷10、如图,两平行的足够长的光滑倾斜导轨处于垂直于导轨所在斜面向上的匀强磁场中,导轨电阻不计,上端连接一阻值为R的电阻,导轨上一导体棒从静止开始下滑,在其运动状态达到稳定前,下列有关流过导体棒的电流i、导体棒受到的安培力F随时间t变化的关系图,通过导体棒的电量q随位移x变化的关系图,导体棒上安培力的瞬时功率P随速度v变化的关系图中,可能正确的是()A.B.C.D.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)在“测定金属丝的电阻率”实验中,待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径,其中某一次测量结果如图1所示,其读数为_______mm(2)用伏安法测金属丝的电阻Rx实验所用器材为:电池组(电动势为3V,内阻约1Ω)、电流表(内阻约0.1Ω)、电压表(内阻约3kΩ)、滑动变阻器R(0~20Ω,额定电流2A)、开关、导线若干某小组同学利用以上器材正确连接好电路,进行实验测量,记录数据如下:次数12345678U/V00.100.300.701.001.501.702.30I/A00.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上数据可知,他们测量Rx是采用图2中的_________图(选填“甲”或“乙”)(3)图3是测量Rx实验器材实物图,图中已连接了部分导线,滑动变阻器的滑片P置于变阻器的左端.请根据图2所选的电路图,在图3中补充完成该组同学实验时实物间的连线,并使闭合开关时,电压表或电流表不至于被烧坏(4)该组同学在坐标纸上建立U—I坐标系,如图4所示,请在图4中标出测量数据坐标点,并描绘出U─I图线.由图线得到金属丝阻值Rx=_________Ω(保留两位有效数字)(5)根据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为_______Ωm(填选项前的符号)A.1×10-2B.1×10-3C.1×10-6D.1×10-812.(12分)用相同的灵敏电流计改装成量程为3V和15V两个电压表,将它们串联接入电路中,则它们的指针偏角之比为______,读数之比______.四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,质量为0.4kg的木板A静止在光滑的水平面上,质量为0.2kg的小物块B静止放在木板A的左端,现用锤子向右敲击B,冲力的冲量大小为1.2,小物块最终没有滑出木板,求:(1)求受到锤子敲击后物块B获得的速度大小(2)求木板A和小物块B相对滑动过程中产生的内能(3)若物块与木板间的动摩擦因数为0.6,求木板A的长度至少为多大14.(16分)如图所示,竖直平面内的xOy直角坐标系范围内均匀分布有竖直向下的匀强电。薪缭惹看懦》植加趛轴的右侧,匀强磁场的磁感应强度大小为B,方向与坐标平面垂直。一带负电的粒子以速度v进入匀强电。以诘谌笙薷蘸米鲈人僦毕咴硕,后经坐标原点进入匀强磁。W咏朐惹看懦∈庇離轴、y轴夹角均为。已知该粒子带电荷量为-q,质量为m,重力加速度为g,求:(1)匀强电场的电场强度的大小E;(2)该带电粒子从磁场中射出时通过y轴的纵坐标。15.(12分)如图所示,三个电阻R1、R2、R3的阻值均等于电源内阻r,电键S打开时,有一质量为m,带电荷量为q的小球静止于水平放置的平行板电容器的中点.现闭合电键S,这个带电小球便向平行板电容器的一个极板运动,并和该板碰撞,碰撞过程小球没有机械能损失,只是碰后小球所带电荷量发生变化,碰后小球带有和该板同种性质的电荷,并恰能运动到另一极板处.设电容器两极板间距为d,求:(1)电源电动势E;(2)小球与极板碰撞后所带的电荷量
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由右手螺旋定则判断出直导线的磁。呷υ谥钡枷呱媳,所处的磁场方向垂直纸面向外由左手定则判断线圈的受力情况,左右部分大小相等,方向相反,上下两边方向也相反,但由于直导线周围磁感应强度的大小与它到导线的距离成反比,线圈下边受力比上边受力大,合力向下,所以线圈向下运动靠近通电长直导线,而不会发生转动故A正确2、A【解析】根据题图可知,考查了含容电路;电路稳定时,该电路中没有电流,滑动变阻器R上没有电压.根据电容的决定式分析电容如何变化,由电容的定义式分析电容器所带电量如何变化,就能判断电路中电流的方向【详解】A、在平行板电容器中插入电介质,根据电容的决定式分析得知电容增大,而电容器的电压不变,则电容的定义式分析得知电容器所带电量增加,将要充电,电路中形成逆时针方向的充电电流,有b到a方向的电流通过电流计.故A正确;B、增大平行板电容器两极板间的距离,根据电容的决定式分析得知电容减。缛萜鞯牡缪共槐,则电容的定义式分析得知电容器所带电量减。诺,,有a到b方向的电流通过电流计.故B错误;C、电路稳定时,该电路中没有电流,移动滑动变阻器R的滑片,电容器的电压不变,电路中仍没有电流.故C错误;D、减小平行板电容器两极板的正对面积,根据电容的决定式分析得知电容减。缛萜鞯牡缪共槐,则电容的定义式分析得知电容器所带电量减。诺,有a到b方向的电流通过电流计.故D错误【点睛】当电容器保持与电源相连时,电压不变.只有电容器充电或放电时,电路中才有电路3、A【解析】电容器与直流电源(内阻不计)连接,电压不变,A极板竖直向上平移一小段距离,依据电容的定义式,分析电容变化,再由,分析板间场强变化,从而即可分析该点油滴的运动情况【详解】A项:A极板向上平移一小段距离,根据,当间距d增大时,则电容C减。蔄正确;B、C项:电容器与直流电源(内阻不计)连接,电压U不变,根据,那么电量Q减。蔅C错误;D项:由于电压不变,板间距离增大,场强减。偷问艿降牡绯×跣。阌偷蜗蛳录铀僭硕,故D错误故选A【点睛】本题是电容器动态变化分析问题,考查分析和判断能力,掌握电容的定义式与决定式的区别,注意理解电容器的电压不变与电量不变的情况4、D【解析】根据动能定理可求得两粒子加速后的动能和速度;再分别对进入电场和磁场中进入分析,根据电场中的类平抛运动规律和磁场中圆周运动规律进行分析,得出偏转位移和半径公式即可明确能否散开,从而确定能否分析【详解】设加速电场电压为U,则在电场中加速过程,根据动能定理有,进入电场时,粒子做类平抛运动,设电场强度为E,则在垂直电场线方向上有,沿电场线方向上有:,则可知,偏转位移与荷质比无关,故无法将两种粒子分开;进入磁场时,根据洛伦兹力充当向心力则有,解得,因荷质比不同,则两种粒子运动半径不同,故在磁场中分开,由以上分析可知,D正确【点睛】本题考查带电粒子在电场和磁场中的运动规律分析,要注意明确带电粒子在电场中做类平抛运动或匀变速运动,而在磁场中做匀速圆周运动,要注意体会两种方法的不同5、C【解析】设距离A点为x的位置的电势为φ,则得:(为AB连线与电场线的夹角),则有:故选C。6、D【解析】根据安培定则可知C点的磁场方向为垂直纸面向里,故D正确,ABC错误二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AD【解析】A.当磁场竖直向上时,由左手定则可知,安培力水平向右,则由平衡可知:BIL=mgtanθ解得:A正确;B.当磁场方向平行导轨向上时,由左手定则可知,安培力垂直导轨向下,则金属棒不可能平衡,B错误;C.当磁场方向水平向右时,安培力竖直向下,导体棒不可能平衡,C错误;D.当磁场方向水平向左时,安培力竖直向上,则BIL=mg即D正确。故选AD。8、BC【解析】A项:由题意可知,粒子进入磁场时所受洛伦兹力斜向右下方,由左手定则可知,粒子带负电,故A错误;B项:粒子运动轨迹如图所示:由几何知识可得:,粒子磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:,解得:,故B正确;C项:由几何知识可知,粒子在磁场中转过的圆心角:θ=2α,粒子在磁场中做圆周运动的周期:,粒子在磁场中的运动时间:,故C正确;D项:根据图示,由几何知识可知,矩形磁场的最小宽度:,故D错误9、BC【解析】A.密立根利用油滴实验测定了元电荷的数值,库仑利用库伦扭秤实验测定了静电力常量,A错误;B.法拉第发现了电磁感应现象,并发明了人类历史上第一台感应发电机,B正确;C.电场强度、磁感应强度都采用了比值定义法,C正确;D.点电荷的建立采用了理想模型法,当带电体的形状、体积和电荷量对所研究的问题影响可以忽略时,带电体才可以看成点电荷,D错误。故选BC。10、AC【解析】A.对导体棒由牛顿第二定律有即电流为电流与速度成正比,由于速度越来越大,加速度越来越。缘缌髟嚼丛酱,电流变化得越来越慢,故A正确;B.安培力为安培力与速度成正比,由于速度越来越大且变化得越来越慢,则安培力增大且变化得越来越慢,故B错误;C.电荷量为则电荷量与位移成正比,故C正确;D.安培力功率为则功率与速度的平方成正比,故D错误。故选AC。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、①.(1)0.398(0.397-0.399);②.(2)甲;③.(3)如图④.(4)4.4(4.3-4.7);⑤.(5)C【解析】本题(1)的关键是读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读,注意半毫米刻度线是否露出;题(2)的关键是根据数据表可以看出电表的示数变化范围较大,说明变阻器采用的是分压式接法;根据电阻定律和欧姆定律写出电阻率的表达式,然后解出电阻率的值即可;【详解】(1)螺旋测微器的读数为:d=0+39.8×0.01mm=0.398mm;(2)从给出的数据表可知,电流表和电压表的读数变化范围较大,所以变阻器采用的应是分压式接法,即测量采用的是甲图;(3)连线如图所示:(4)由图线得到金属丝的阻值为:.(5)根据得:,代入数据得:ρ=1×10-6Ω?m,故选C.【点睛】该题是综合性较强的题,解答时注意一下几方面:对于长度的测量注意高中所要求的游标卡尺和螺旋测微器的使用方法,读数时是固定刻度的值与可动刻度的值得和.会根据电压表、电流表及被测电阻的阻值关系,确定电流表是内接还是外接.了解实验误差产生的原因,并会在试验中做到尽可能的减小误差12、①.1:1②.1:5【解析】因两电压表是串联关系,则通过两电压表的电流相同,故指针偏转的角度相同,即指针偏角之比为1:1,串联电路电流相等,电阻两端电压与阻值成正比,两电压表内阻之比为1:5,两电压表串联时示数之比1:5.四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)6m/s(2)2.4J(3)2m【解析】(1)对B由动量定理得代入数据解得;(2)对AB组成的系统,由动量守恒有即有解得对AB系统由能量守恒得代入数据解得;(3)由公式得。14、(1);(2)【解析】(1)带电粒子匀强电场中沿斜向上方做匀速直线运动。则:所以(2)带电粒子在磁场中做匀速圆周运动,其运动轨迹如图所示。设带电粒子做圆周运动的轨迹半径为r则有解得:由几何关系可知,粒子通过y轴时的纵坐标15、(1)(2)【解析】(1)当S打开时,电容器电压等于电源电动势E,即:U=E小球静止时满足:由以上两式解得:;(2)闭合S,电容器电压为,则:对带电小球运动的全过程,根据动能定理得:由以上各式解得:
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